Universidad Nacional Abierta Matem´atica V (C´od. 739)
Vicerrectorado Acad´emico C´od. Carrera: 236 - 280
´
Area de Matem´atica Fecha: 26-07-2014
MODELO DE RESPUESTAS
Objetivos del 1 al 10
OBJ 1 PTA 1 Determine si la serie
∞ ∑
n=2
(−1)n
n2log(n) es convergente o divergente. Si es convergente,
compruebe si es absoluta o condicionalmente.
SOLUCI ´ON:
∞ ∑
n=2
(−1)nan=
∞ ∑
n=2
(−1)n
n2log(n)
dondean=
1
n2log(n). Seaf(x) =
1
x2log(x) conx∈[2,+∞). Comof(n) =an,f(x)>0 y
f′(x) =−2 log(x) + 1
x3log2x <0,
tenemos que f es decreciente y positiva, y {an}n≥2 es una sucesi´on decreciente de t´erminos positivos.
Como l´ım
n→+∞an=n→l´ım+∞
1
n2log(n) = 0,aplicando el Criterio de Leibnitz (ver libro UNA, Matem´atica V,
Secci´on 6, p´ag. 67) tenemos que,
∞ ∑
n=2
(−1)nan=
∞ ∑
n=2
(−1)n
n2log(n)
es convergente. Por otro lado, 0≤log(2)≤log(n) para todon≥2, aplicando el Criterio de Comparaci´on
(ver libro UNA, Matem´atica V, Secci´on 2, p´ag. 41) tenemos que,
∞ ∑
n=2
|(−1)nan|=
∞ ∑
n=2
1
n2log(n) ≤
∞ ∑
n=2
1
n2log(2) =
1 log(2)
∞ ∑
n=2
1
n2
es convergente. Por lo tanto,
∞ ∑
n=2
(−1)nan=
∞ ∑
n=2
(−1)n
n2log(n)
es absolutamente convergente.
OBJ 2 PTA 2 Encuentre el conjunto de convergencia de la serie de funciones
∞ ∑
n=1 e−nx n2+ 1.
¿Converge uniformemente la serie en el conjunto encontrado?
SOLUCI ´ON: Comoan= e−nx
n2+ 1 >0 para todo x∈R yn≥1, entonces
L= l´ım
n→+∞ an+1
an
= l´ım
n→+∞
e−(n+1)x
(n+ 1)2+ 1/ e−nx n2+ 1 =e−
x,
(1) Six <0, entoncesL=e−x>1 por lo tanto,∑∞n=1an no converge.
(2) Six >0, entoncesL=e−x<1 por lo tanto,∑∞n=1an converge puntualmente.
Por otro lado, si x= 0 al aplicar elCriterio de Comparaci´on (ver libro UNA, Matem´atica V, Secci´on 2, p´ag. 41) tenemos que,
∞ ∑
n=1 an=
∞ ∑
n=1
1
n2+ 1 ≤
∞ ∑
n=1
1
n2
es convergente. Por lo tanto,
∞ ∑
n=1 e−nx n2+ 1
converge puntualmente en [0,+∞). Como e−x≤1 para todo x∈[0,+∞) tenemos que,
0< an= e−nx n2+ 1 ≤
1
n2+ 1 <
1
n2 =Mn,
para todox∈[0,+∞) yn≥1. Al aplicar elCriterio Weierstrass (ver libro UNA, Matem´atica V, Secci´on 13, p´ag. 88), tenemos que
∞ ∑
n=1 e−nx n2+ 1
converge uniformemente en [0,+∞).
OBJ 3 PTA 3 Sea
f(x) =
0, si −4≤x <−2
1, si −2≤x≤ 2
0, si 2< x < 4
.
tal quef(x+ 8) =f(x). Encuentre la serie de Fourier para la funci´on f.
SOLUCI ´ON: Comof tiene per´ıodo 8, tenemos que la serie de Fourier para f tiene la forma,
f(x) =a0+
∞ ∑
n=1 ancos
(nπx
4
)
+bn sen
(nπx
4
)
,
dondea0,an ybn vienen dados por,
a0 = 1 8
∫ +4
−4
f(x) dx= 1 8
∫ +2
−2
dx= 1 2,
an=
1 4
∫ +4
−4
f(x) cos
(nπx
4
)
dx= 1 4 ∫ +2 −2 cos (nπx 4 )
dx= 1
nπ sen (nπx 4 ) +2 −2 = 2 nπ sen (nπ 2 ) ,
bn=
1 4
∫ +4
−4
f(x) sen
(nπx
4
)
dx= 1 4 ∫ +2 −2 sen (nπx 4 )
dx= − 1
nπcos (nπx 4 ) +2 −2
= 0.
paran≥1. Por lo tanto, la serie de Fourier paraf es,
f(x) = 1
2 + ∞ ∑ n=1 2 nπ sen (nπ 2 ) cos (nπx 4 ) = 1
2+ 2
∞ ∑
k=0
(−1)k (2k+ 1)π cos
(
(2k+ 1) πx
4
)
.
OBJ 4 PTA 4 Demuestre que la funci´on f(z) =|z|no es anal´ıtica enC.
SUGERENCIA: Estudie con detenimiento la analiticidad de f en z= 0.
SOLUCI ´ON:
(1) Para z̸= 0.
f(z) =f(x+iy) =|x+iy|=√x2+y2=u(x, y) +i v(x, y),
dondeu(x, y) =√x2+y2 yv(x, y) = 0. Como,
∂u
∂x(x, y) = x
√
x2+y2 ̸= 0 ´o ∂u
∂y(x, y) = y
√
x2+y2 ̸= 0,
tenemos que f no satisfacen las ecuaciones de Cauchy-Riemann. Por lo cual, f no es anal´ıtica en
C\ {0}.
(2) Para z= 0, tenemos quef(z) no es diferenciable ya que,
l´ım
z→0
f(z)−f(0)
z−0 = l´ımz→0
|z| z
no existe. Por lo cual,f no es anal´ıtica.(Compruebe la no existencia del l´ımite, calculando el mismo a trav´es del caminoz=x)
OBJ 5 PTA 5 Calcule I
C
dz
(z−1)2(z2+ 9),
dondeC es la circunferencia|z|= 2.
SOLUCI ´ON: Sea f(z) = 1
z2+ 9. Como f(z) es anal´ıtica en el interior de C y f
′(z) = − 2z
(z2+ 9) es
continua en el interior de C, al aplicar la Formula Integral de Cauchy (ver libro UNA, Matem´atica V, Secci´on 107, p´ag. 502) tenemos que,
I
C
dz
(z−1)2(z2+ 9) =
I
C f(s)
(s−1)2 ds= 2πi f′(1) =− πi
25.
OBJ 6 PTA 6 Calcule la serie de Taylor para la funci´on f(z) = 1
1−2z alrededor del puntoz0 = 1, y
determine el conjunto en el cual la serie converge.
SOLUCI ´ON: La serie de Taylor para la funci´on f(z) = 1
1−2z alrededor del punto z0 = 1 viene dada
por,
∞ ∑
n=0
f(n)(z0)
n! (z−z0)
n=∑∞
n=0
f(n)(1)
n! (z−1)
dondef(n)(z0) = 2
nn!
(1−2z0)n+1, f
(n)(1) = (−1)n+12nn!. Entonces,
∞ ∑
n=0
f(n)(1)
n! (z−1)
n=
∞ ∑
n=0
(−1)n+12n(z−1)n.
Por otro lado, el radio de convergencia de la serie viene dado por,
R= l´ım
n→+∞
|an|
|an+1|
= l´ım
n→+∞
|(−1)n+12n|
|(−1)n+12n+1| =
1 2.
Por lo cual, el conjunto de convergencia de la serie es
{
z∈C: |z−1|< 1
2
}
.
OBJ 7 PTA 7 Determine todo los puntos singulares de la funci´on f(z) = − 4
z4+ 4z3, y calcule los
residuos es esos puntos.
SOLUCI ´ON:
f(z) =− 4
z4+ 4z3 =−
4
z3(z+ 4).
La funci´on f(z) tiene un polo simple en z = −4 y un polo de tercer orden en z = 0, por lo cual, los residuos vienen dados por,
Res(f(z),−4) =Res
(
− 4
z3(z+ 4),−4
)
= l´ım
z→−4(z+ 4)· −
4
z3(z+ 4) = l´ımz→−4−
4
z3 =−
1 16,
Res(f(z),0) =Res
(
− 4
z3(z+ 4),0
)
= l´ım
z→0 d2 dz2
[
z3· − 4 z3(z+ 4)
]
= l´ım
z→0 d2 dz2
[ − 4
z+ 4
]
= l´ım
z→0 d dz
[
4 (z+ 4)2
]
= l´ım
z→0 −
8
(z+ 4)3 =−
1 8.
OBJ 8 PTA 8 Calcule la integral impropia
∫ +∞
0
1
(x2+ 1)(x2+ 4)2 dx.
SOLUCI ´ON: Como 1
(x2+ 1)(x2+ 4)2 es una funci´on par, entonces
∫ +∞
0
1
(x2+ 1)(x2+ 4)2 dx=
1 2
∫ +∞
−∞
1
(x2+ 1)(x2+ 4)2 dx.
Seaf(z) = 1
(z2+ 1)(z2+ 4)2. Comof(z) tiene polos simples enz=−iyz= +i, polos de segundo orden
en z=−2iyz= +2i, tenemos que
∫ +∞ 1
Por otro lado,
Res(f(z),+i) =Res
(
1
(z2+ 1)(z2+ 4)2,+i
)
= l´ım
z→+i(z−i)·
1
(z2+ 1)(z2+ 4)2 = l´ımz→+i
1
(z+i)(z2+ 4)2 =− i
18,
Res(f(z),+2i) =Res
(
1
(z2+ 1)(z2+ 4)2,+2i
)
= l´ım
z→+2i d dz
[
(z−2i)· 1
(z2+ 1)(z2+ 4)2
]
= l´ım
z→+2i d dz
[
1
(z2+ 1)(z−2i)2
]
= l´ım
z→+2i −
2z(z+ 2i)2+ 2(z2+ 1)(z+ 2i) (z2+ 1)2(z+ 2i)4 =
11i
288.
Finalmente,
∫ +∞
0
1
(x2+ 1)(x2+ 4)2 dx=
1 2
∫ +∞
−∞
1
(x2+ 1)(x2+ 4)2 dx=πi
( − i
18 + 11i
288
)
= 5π 288.
OBJ 9 PTA 9 Calcule la transformada de Laplace de la funci´on F(t) =t2e2t sen(6t).
SOLUCI ´ON: Al aplicar el Teorema de Derivada y el Primer Teorema de Translaci´on de la funci´on transformada (ver libro UNA, Matem´atica V, Secciones 162-164. p´ag. 737-741) tenemos que,
f(s) =L{F(t)}=L{t2e2t sen(6t)}= d
2
ds2 L
{
e2tsen(6t)}
= d
2
ds2
[
6 (s−2)2+ 36
]
= d
ds
[
− 12(s−2)
((s−2)2+ 36)2
]
= 36((s−2)
2−12)
((s−2)2+ 36)3 .
OBJ 10 PTA 10 Utilice el M´etodo de Transformadas de Laplace, para encontrar la soluci´on del problema de valores iniciales,
X′ = 2X− Y + 1, Y′ = 3X−2Y + 1,
dondeX(0) = 0 y Y(0) = 0.
SOLUCI ´ON:Al aplicar la transformada de Laplace al sistema de ecuaciones diferenciales, tenemos que
L{X′(t)}=L{2X(t)− Y(t) + 1}= 2L{X(t)} − L{Y(t)}+L{1},
L{Y′(t)}=L{3X(t)−2Y(t) + 1}= 3L{X(t)} −2L{Y(t)}+L{1}.
Por otro lado,
L{X′(t)}=sL{X(t)} −X(0) =s x(s),
por lo cual,
(s−2)x(s) +y(s) = 1
s,
(s+ 2)y(s)−3x(s) = 1
s.
Al resolver el sistema de ecuaciones planteado anteriormente, tenemos que,
x(s) =y(s) = 1 (s−1)s =
1
s−1− 1
s.
Finalmente, aplicando transformada inversa de Laplace ax(s) ey(s), se tiene que la soluci´on al problema de valores iniciales es,
X(t) =Y(t) =L−1
{
1
s−1 − 1
s
}
=L−1
{
1
s−1
} − L−1
{
1
s
}
=et−1.