Integrales racionales
Son del tipo
Z P (x)
Q(x)dx donde P(x) y Q(x) son dos polinomios en x Casos:
A) Si grado P (x) ≥ Q(x) . Efectuamos la división entre ambos poli-nomios y: Z P (x) Q(x)dx = Z C(x)dx + Z R(x) Q(x)dx
siendo C(x) y R(x) el cociente y resto de la división efectuada B) Si grado R(x) < Q(x)
Para resolver este tipo de integrales, tendremos que utilizar el siguiente teorema de Álgebra:
Si Q(x) = (x − α)t(x − β)(ax2+ bx + c)(dx2+ ex + f )p
(con b2− 4ac < 0 y e2− 4df < 0) y gradoR(x) <grado Q(x) entonces: R(x) Q(x) = A1 (x − α)t+ A2 (x − α)t−1+ ... + At−1 (x − α)2+ At (x − α)+ B (x − β)+ M x + N ax2+ bx + c+ B1x + C1 dx2+ ex + f+ B2x + C2 (dx2+ ex + f )2+...+ BPx + CP (dx2+ ex + f )P 1
Nota: todas las integrales racionales, después de determinar los coefi-cientes adecuados, quedarán reducidas a la resolución de las siguientes inte-grales 1. Z B (x − β)dx = B ln |x − β| + C 2. Z B (x − α)tdx = B Z (x−α)−tdx = B(x − α) −t+1 −t + 1 +C = −B (t − 1)(x − α)t−1+ C 3. Z M x + N ax2+ bx + cdx = M 2aln ¯ ¯ax2+ bx + c¯¯+ µ N − bM2a ¶2√H H arctan µ2axb √ H ¶ + C 4. Z M x + N
(ax2+ bx + c)pdx →Se resuelve por Partes (Facultad)
Ejemplos Example 1 Z x3+ 2 x2+ 4dx = Z x dx + Z −4x + 2 x2+ 4 dx = x2 2 + I I = Z −4x + 2 x2+ 4 dx = −4 Z x x2+ 4dx + 2 Z 1 x2+ 4dx I = −2 Z 2x x2+ 4dx + 2 Z 1 4(x 2 4 + 1) dx I = −2 ln¯¯x2+ 4¯¯+1 2 Z 1 µx 2 ¶2 +1 dx = −2 ln¯¯x2+ 4¯¯+ arctanx 2 + C Por lo tanto Z x3+ 2 x2+ 4dx = x2 2 − 2 ln ¯ ¯ ¯x2+ 4¯¯¯+ arctanx 2 + C Example 2 Z 2x2 x2+ 4dx = Z 2dx − Z 8 x2+ 4dx = 2x − 8 4 Z 1 ¡x2 2 ¢ + 1dx = 2x − 2J J = Z 1 ¡x2 2 ¢ + 1dx = 2 Z 1 2 ¡x2 2 ¢ + 1dx = 2 arctan x + C Con lo que: Z 2x2 x2+ 4dx = 2x − 4 arctan x + C
1.1.
Q(X)DX SIENDO GRADO P (X) <GRADO Q(X) = 2 3
1.1
ZP (x)
Q(x)
dx siendo grado P (x) <grado Q(x) = 2
1
aSituación
Si Q(x) = a(x − x1)(x − x2) y grado P (x) ≤ 1. Como
P (x) a(x − x1)(x − x2) = 1 a · A (x − x1) + B (x − x2) ¸
Determinamos los coeficientes A y B, con lo que:
Z P (x) a(x − x1)(x − x2) dx = 1 a ·Z A (x − x1) dx + Z B (x − x2) dx ¸ Z P (x) a(x − x1)(x − x2) dx = 1 a[A ln (x − x1) + B ln (x − x2)] +C Exercise 1.1.1 Z 3x + 5 3x2− 5x + 2dx
Como las raíces o ceros de 3x2− 5x + 2 son 1,23
Entonces;: la descomposición factorial de 3x2− 5x + 2 es: 3x2− 5x + 2 = 3³x −23´(x − 1)
Por lo que la fracción se puede descomponer así:
3x + 5 3x2− 5x + 2 = 1 3 " A (x −23) + B (x − 1) #
Determinemos los coeficientes A y B Como 3x + 5 3x2− 5x + 2 = A(x − 1) + B(x − 23) 3³x −23´(x − 1) → 3x + 5 = A(x − 1) + B(x − 2 3)
Si asignamos a x los valores 1,23 tendremos→
8 = B 3 → B = 24 7 = −A3 → A = −21 De lo cual se deduce que:
Z 3x + 5 3x2− 5x + 2dx = 1 3 "Z −21 (x − 23) dx + Z 24 (x − 1)dx # = −7 ln¯¯¯x −23 ¯ ¯ ¯+8 ln |x − 1|+C
2
aSituación
Si Q(x) = a(x − x1)2 y grado P (x) < 2. Como
P (x) a(x − x1)2 = 1 a · A (x − x1)2 + B (x − x1) ¸
Determinamos los coeficientes A y B, con lo que:
Z P (x) a(x − x1)2 dx = 1 a ·Z A (x − x1)2 dx + Z B (x − x1) dx ¸ = 1 a · − A (x − x1) + B ln (x − x 1) ¸ +C Exercise 1.1.2 Z 4x + 3 4x2− 4x + 1dx Como 4x2− 4x + 1 = 4(x −1 2)2, entonces: 4x + 3 4x2− 4x + 1 = 1 4 " A (x − 12)2 + B (x − 12) # 4x + 3 4x2− 4x + 1 = 1 4 " A (x −12)2 + B (x − 12) # → 4x + 3 = A + B(x −12)
Si asignamos a x los valores 12, 0 tendremos→
( 5 = A 3 = 5 −B2 → B = 4 Con lo que: Z 4x + 3 4(x − 12)2 dx = 1 4 "Z 5 (x − 12)2 dx + Z 4 (x −12) dx # = 1 4 " − 5 x −12 + 4 ln ¯ ¯ ¯ ¯x − 1 2 ¯ ¯ ¯ ¯ # +C Z 4x + 3 4(x − 12)2 dx = −4x−25 + ln¯¯¯x −12¯¯¯+ C
3
a
Situación
Si Q(x) no tiene raíces reales
Exercise 1.1.3
Z 4x + 5
x2+ 2x + 4dx
El polinomio x2+ 2x + 4 no tiene raíces reales; ya que su discriminante ∆ = −12
1.1.
Q(X)DX SIENDO GRADO P (X) <GRADO Q(X) = 2 5
I = Z 4x + 5 x2+ 2x + 4dx = 4 2 Z 2x + 2 − 2 x2+ 2x + 4dx + 5 Z 1 x2+ 2x + 4dx I = 4 2 Z 2x + 2 x2+ 2x + 4dx + (5 − 2 · 4 2) Z 1 x2+ 2x + 4dx I = 2 ln¯¯x2+ 2x + 4¯¯+ Z 1 x2+ 2x + 4dx = 2 ln ¯ ¯x2+ 2x + 4¯¯+ J Calcúlemos ahora J J = Z 1 x2+ 2x + 4dx = Z 1 (x + 1)2+ 3dx = 1 3 Z 1 1 + (x + 1√ 3 ) 2 dx = 1 3 √ 3 Z √1 3 1 + (x + 1√ 3 ) 2 dx J = 1 3 √ 3 Z √1 3 1 + (x + 1√ 3 ) 2 dx = √ 3 3 arctan x + 1 √ 3 + C Con lo que : I = 2 ln¯¯¯x2+ 2x + 4¯¯¯+ √ 3 3 arctan x + 1 √ 3 + C Exercise 1.1.4 Z 3x2+ 4x + 1 x2− 4x + 4 dx = Z 3dx+ Z 16x − 11 x2− 4x + 4dx = 3x + J
Para resolver J tendremos que descomponer la fracción 16x − 11 x2− 4x + 4 =
16x − 11 (x − 2)2
Por el teorema anterior 16x − 11 (x − 2)2 = A (x − 2)2 + B x − 2 =⇒ 16x − 11 = A + B(x − 2) Si le damos a x el valor 2 tendremos 21 = A
Si le damos a x el valor 0 tendremos −11 = 21 − 2B → B = 16
Z 16x−11 x2−4x+4dx = 21 Z 1 (x−2)2dx + 16 Z 1 x−2dx = −21x−2+ 16 ln |x − 2| + C Z 3x2+ 4x + 1 x2− 4x + 4 dx = 3x − 21 x − 2+ 16 ln |x − 2| + C Exercise 1.1.5 Z 3x − 1 x2+ x − 2dx. Como x 2 +x−2 = (x+2)(x−1) entonces por el teorema anterior
3x − 1 (x + 2)(x − 1) = A (x + 2)+ B (x − 1) =⇒ 3x − 1 = A(x − 1) + B(x + 2) Si le damos a x el valor −2 tendremos −7 = −3A → A = 73
Si le damos a x el valor 1 tendremos 2 = 3B → B = 23
Z 3x−1 x2+x−2dx = 7 3 Z 1 x+2dx + 2 3 Z 1 x−1dx = 7 3ln |x + 2| + 2 3ln |x − 1| + C
1.2
ZP (x)
Q(x)
dx siendo grado P (x) <grado Q(x) = 3
1
a
Situación
Si Q(x) = a(x − x1)3 Entonces: P (x) a(x − x1)3 = 1 a · A (x − x1)3 + B (x − x1)2 + C (x − x1) ¸Determinamos los coeficientes A, B, C y:
Z P (x) a(x − x1)3 dx = 1 a ·Z A (x − x1)3 dx + Z B (x − x1)2 dx + Z C (x − x1) dx ¸ Z P (x) a(x − x1)3 dx = 1 a · − A 2(x − x1)2 − B (x − x1) + C ln |x − x1| ¸ + C Exercise 1.2.1 Z 3x2− 3x − 1 x3− 3x2+ 3x − 1dx . Como x3− 3x2+ 3x − 1 = (x − 1)3 entonces 3x2− 3x − 1 (x − 1)3 = A (x − 1)3 + B (x − 1)2 + C x − 1 3x2− 3x − 1 = A + B(x − 1) + C(x − 1)2 Si x = 1 → −1 = A Si x = 0 → −1 = −1 − B + C → B = C Si x = 2 → 5 = −1 + 2C → C = 3 ; B = 3 Z 3x2 − 3x − 1 (x − 1)3 dx = − Z 1 (x − 1)3dx + 3 Z 1 (x − 1)2dx + 3 Z 1 x − 1dx = = 1 2(x − 1)2 − 3 x − 1+ 3 ln |x − 1| + C
1.2.
Q(X)DX SIENDO GRADO P (X) <GRADO Q(X) = 3 7
2
a
Situación
Si Q(x) = a(x − x1)2(x − x2) Entonces: P (x) a(x − x1)2(x − x2) = 1 a · A (x − x1)2 + B (x − x1) + C (x − x2) ¸Determinamos los coeficientes A, B, C y:
Z P (x) a(x − x1)2(x − x2) dx = 1 a ·Z A (x − x1)2 dx + Z B (x − x1) dx + Z C (x − x2) dx ¸ Z P (x) a(x − x1)3 dx = 1 a · − A (x − x1) + B ln |x − x2| + C ln |x − x2| ¸ + C0 Exercise 1.2.2 Z 3x2 − 4 x3− 5x2+ 8x − 4dx . Como x3− 5x2+ 8x − 4 = (x − 1)(x − 2)2 3x2− 4 (x − 1)(x − 2)2 = A (x − 2)2 + B x − 2+ C x − 1 3x2− 4 = A(x − 1) + B(x − 2)(x − 1) + C(x − 2)2 Si x = 1 → −1 = C Si x = 2 → 8 = A Si x = 0 → −4 = −8 + 2B − 4 → B = 4 Z 3x2− 4 (x − 1)(x − 2)2dx = 8 Z 1 (x − 2)2dx + 4 Z 1 x − 2dx − Z 1 x − 1dx Z 3x2 − 4 (x − 1)(x − 2)2dx ==− 8 x − 2+ 4 ln |x − 2| − ln |x − 1| + C
3
a
Situación
Si Q(x) = a(x − x1)(x − x2)(x − x3) y grado P (x) ≤ 2. Como
P (x) a(x − x1)(x − x2)(x − x3) = 1 a · A (x − x1) + B (x − x2) + C (x − x3) ¸
Determinamos los coeficientes A y B, con lo que:
Z P (x) a(x − x1)(x − x2)(x − x3) dx == 1 a[A ln |x − x1| + B ln |x − x2| + C ln |x − x2|] +C 0
Exercise 1.2.3 x − x + 1 x3+ 2x2− x − 2dx Como x3+ 2x2− x − 2 = (x − 1)(x + 1)(x + 2) x2− x + 1 (x − 1)(x + 1)(x + 2) = A x − 1+ B x + 1+ C x + 2 x2− x + 1 = A(x + 1)(x + 2) + B(x − 1)(x + 2) + C(x − 1)(x + 1) Si x = 1 → 1 = 6A → A = 16 Si x = −1 → 3 = −2B → B = −32 Si x = −2 → 7 = 3C → C = 73 Z x2 − x + 1 (x − 1)(x + 1)(x + 2)dx = 1 6 Z 1 x − 1dx− 3 2 Z 1 x + 1dx+ 7 3 Z 1 x + 2dx = Z x2−x+1 (x−1)(x+1)(x+2)dx= 1 6ln |x − 1| − 3 2ln |x + 1| + 7 3ln |x + 2| + C
4
a
Situación
Si Q(x) = (x − x1)¡ax2+ bx + c¢siendo ∆ = b2− 4ac < 0 Entonces: P (x) (x − x1) (ax2+ bx + c) = · A (x − x1) + M x + N ax2+ bx + c ¸Determinamos los coeficientes A, B, C y:
Z P (x) (x − x1) (ax2+ bx + c) dx = Z A (x − x1) dx + Z M x + N ax2+ bx + cdx = A ln |x − x1| + J Donde J = M 2aln ¯ ¯ax2+ bx + c¯¯+ (N − bM 2a) 2√−∆ −∆ arctan µ2ax + b √ −∆ ¶ + C Exercise 1.2.4 Z x + 3 x3+ x2+ 2x − 4dx Como x3+ x2+ 2x − 4 = (x − 1)(x2+ 2x + 4) x + 3 (x − 1)(x2+ 2x + 4) = A x − 1+ M x + N x2+ 2x + 4 x + 3 = A(x2+ 2x + 4) + (M x + N )(x − 1)
1.2.
Q(X)DX SIENDO GRADO P (X) <GRADO Q(X) = 3 9
Si x = 1 → 4 = 7A → A = 4 7 Si x = 0 → 3 = 167 − N → N = −57 Si x = −1 → 2 = 127 + (−M − 57)(−2) → M = −47 Z x+3 (x−1)(x2+2x+4)dx = 4 7 Z 1 x − 1dx + Z −4 7x− 5 7 x2+2x+4dx = 4 7ln |x − 1| − 1 7J siendo J = Z 4x + 5 x2+ 2x + 4dx
Resuélvela tú (integral de tipo ln + arctag ).Comprueba que:
J = 2 ln¯¯x2+ 2x + 4¯¯+ √ 3 3 arctan x + 1 √ 3 + C Por lo que Z x+3 (x−1)(x2+2x+4)dx = 4 7ln |x − 1|− 1 7 à 2 ln¯¯x2+ 2x + 4¯¯+ √ 3 3 arctan x+1√ 3 ! + C Exercise 1.2.5 Z x2 − x + 1 x3− 1 dx Como x 3 − 1 = (x − 1)(x2+ x + 1)entonces x2− x + 1 (x − 1)(x2+ x + 1) = A x − 1+ M x + N x2+ x + 1 x2− x + 1 = A(x2+ x + 1) + (M x + N )(x − 1) Si x = 1 → 1 = 3A → A = 13 Si x = 0 → 1 = 13 − N → N = −23 Si x = 2 → 3 = 73 + 2M −23 → M = 23 Z x2−x+1 x3−1 dx = 1 3 Z 1 x − 1dx + Z 2 3x− 2 3 x2+x+1dx = 1 3ln |x − 1| + 2 3J siendo J = Z x−1 x2+x+1dx = 1 2ln ¯ ¯x2+ x + 1¯¯−√3 arctan2x+1√ 3 +C(Compruébalo) Z x2−x+1 x3−1 dx = 1 3ln |x − 1| + 2 3 µ1 2ln ¯ ¯x2+ x + 1¯¯−√3 arctan2x+1√ 3 ¶ + C