ECUACIONES EN DIFERENCIAS LINEALES CON
COEFICIENTES CONSTANTES
Alejandro Lugon
2008-1
1.
Ecuaciones De Segundo Orden
Consideremos la ecuaci´on:
xt+2+ axt+1+ bxt = 0 (1)
la cual podemos escribir como:
xt+2= −axt+1− bxt
De esta ´ultima forma nos podemos dar cuenta que si conocemos x0y x1podemos calcular x2= −ax1−bx0
y luego x3= −ax2− bx1y de esta manera calcular cualquier xtde forma recursiva. Esto nos lleva a formular:
Teorema 1 Dada la ecuaci´on
xt+2+ axt+1+ bxt= 0
y los valores iniciales x0 y x1, existe una ´unica sucesi´on {x0, x1, x2, . . . } que la resuelve.
Entonces la ecuaci´on (??) tiene infinitas soluciones pero si nos dan x0 y x1 solo una de estas soluciones
cumple con dichas condiciones iniciales. Esta proposici´on nos asegura que, dadas x0 y x1, si encontramos
una soluci´on esta es la ´unica.
Otro resultado que es f´acil probar es:
Teorema 2 Dada la ecuaci´on
xt+2+ axt+1+ bxt= 0
si tenemos dos soluciones xt= f (t) y xt= g(t), con diferentes condiciones iniciales, entonces xt= Af (t) +
Bg(t) es tambi´en soluci´on de la ecuaci´on para A, B ∈ R.
Si juntamos estos dos resultados vemos que basta encontrar dos soluciones independientes, xt= f (t) y
xt= g(t). Con estas dos soluciones podemos generar cualquier soluci´on de manera general: xt= Af (t)+Bg(t).
que:
x0 = Af (0) + Bg(0)
x1 = Af (1) + Bg(1)
Un punto importante es que las soluciones deben ser independientes para poder resolver este sistema. Entonces el problema se limita a encontrar un par de soluciones. Para empezar probemos si una soluci´on del tipo xt= rtsatisface (??). Tenemos:
xt = rt xt+1 = rt+1= rtr1 xt+2 = rt+2= rtr2 reemplazando: rt+2+ art+1+ brt = 0 rtr2+ artr + brt = 0 rt(r2+ ar + b) = 0
vemos que r = 0 har´ıa que se cumpla la ecuaci´on , pero esto nos llevar´ıa a la soluci´on trivial xt= 0. La otra
posibilidad es que r cumpla:
r2+ ar + b = 0
pero esta ecuaci´on tiene dos soluciones:
r1 = −a +√a2− 4b 2 r2 = −a −√a2− 4b 2
Estas dos soluciones pueden caer en tres casos:
1. r1, r2∈ R con r16=2
2. r1, r2∈ R con r1= r2= r
3. r1, r2∈ C
Veamos cada caso por separado.
1.1.
Ra´ıces reales diferentes (a
2− 4b > 0)
Este es el caso m´as f´acil, tenemos que xt= (r1)t y xt= (r2)t son soluci´on de ??, entonces:
tambi´en es soluci´on de ??. Las dos constantes A y B ser´an las encargadas de que esta soluci´on cumpla las condiciones iniciales:
x0= A + B
x1= Ar1+ Br2
Si nos dan x0y x1podremos encontrar A y B y tener la soluci´on buscada.
1.2.
Ra´ıces reales iguales (a
2− 4b = 0)
Este caso es un poco m´as complicado, solo tenemos una soluci´on: xt= rt. Nos faltar´ıa otra para poder
aplicar los teoremas vistos. Esta otra es xt= trt, verifiquemos:
xt = trt xt+1 = (t + 1)rt+1= trtr + rtr xt+2 = (t + 2)rt+2= trtr2+ 2rtr2 reemplazamos en (??): trtr2+ 2rtr2+ a(trtr + rtr) + b(trt) = 0 t(rtr2+ artr + brt) + 2rtr2+ artr = 0 trt(r2+ ar + b) + rtr(2r + a) = 0 trt(0) + rtr(0) = 0
donde en el ´ultimo paso recordamos que r = −a/2 es ra´ız de r2+ ar + b = 0. Con esto podemos formar la soluci´on general:
xt= Art+ Btrt
Como antes las dos constantes A y B ser´an las encargadas de que esta soluci´on cumpla las condiciones iniciales:
x0 = A
x1 = Ar + Br
Si nos dan x0y x1podremos encontrar A y B y tener la soluci´on buscada.
1.3.
Ra´ıces complejas (a
2− 4b < 0)
En este caso las ra´ıces son complejos conjugados: r1 = α + iβ y r2 = α − iβ con α = −a/2 y β =
√
4b − a2/2.
Para usar estas ra´ıces en la construcci´on de las soluciones es m´as conveniente escribirlas de la forma:
r2= R(Cos(θ) − iSen(θ)) donde R =pα2+ β2= q (−a/2)2+ (p4b − a2/2)2=pa2/4 + (4b − a2)/4 =√b y θ es tal que
Cos(θ) = α/R = (−a/2)/√b = −a/(2√b) As´ı tenemos que:
(r1)t= Rt(Cos(θt) + iSen(θt))
(r2)t= Rt(Cos(θt) − iSen(θt))
y podr´ıamos formar la soluci´on
xt= C(Rt(Cos(θt) + iSen(θt))) + D(Rt(Cos(θt) − iSen(θt)))
la cual ordenando t´erminos nos da:
xt= Rt((C + D)Cos(θt) + i(C − D)Sen(θt))
el problema con esta posible soluci´on es el t´ermino imaginario i. Podemos “ deshacernos”de este t´ermino si pensamos que C y D pueden ser tambi´en n´umeros complejos conjugados: C = A/2−iB/2 y D = A/2+iB/2, con lo cual C + D = A y i(C − D) = B. Con lo cual obtenemos finalmente nuestra soluci´on:
xt= Rt(ACos(θt) + BSen(θt)) con R =√b y Cos(θ) = −a 2√b
Las constantes A y B se determinan con las condiciones iniciales:
x0 = A
x1 = R(ACos(θ) + BSen(θ))
Si nos dan x0y x1podremos encontrar A y B y tener la soluci´on buscada.
2.
Ecuaciones de dimensi´
on mayor que 2
Sea la ecuaci´on:
xt+n+ a1xt+n−1+ a2xt+n−2+ · · · + an−1xt+1+ anxt= 0
Su polinomio caracter´ıstico:
tiene, tomando en cuenta la multiplicidad, n ra´ıces entre reales y complejas. Las ra´ıces reales pueden ser m´ultiples. Las ra´ıces complejas se presentan en pares conjugados los cuales tambi´en pueden ser simples o m´ultiples.
La soluci´on general del sistema de ecuaciones diferenciales est´a determinada por una combinaci´on lineal de n soluciones independientes. Estas soluciones corresponden a las ra´ıces del polinomio caracter´ıstico, con-sideremos que tenemos M ra´ıces reales λj con multiplicidad mj y 2N ra´ıces complejas conjugadas por pares
(N pares), αl± iβl= R(Cos(θ) ± Sen(θ)) con multiplicidad ml cada par1.
La soluci´on se conforma la siguiente manera:
Cada ra´ız real, λj con multiplicidad mj, genera los mj t´erminos:
(λj)t, t(λj)t, t2(λj)t, . . . , tmj−1(λj)t
Cada par de ra´ıces complejas conjugadas R(Cos(θl) ± Sen(θl)) con multiplicidad ml, genera los 2ml
t´erminos:
RtCos(θlt), tRtCos(θlt), t2RtCos(θlt), . . . , tml−1RtCos(θlt)
RtSen(θlt), tRtSen(θlt), t2RtSen(θlt), . . . , tml−1RtSen(θlt)
De esta manera la soluci´on, xtes una combinaci´on lineal de todos los t´erminos generados. Esta
combi-naci´on genera n constantes que se pueden determinar a partir de las condiciones iniciales: x0, x1,. . . ,xn−2y
xn−1.
Si la ecuaci´on no es homogenea, la soluci´on particular se puede encontrar por el mismo m´etodo anterior.