1. Sean el campo posición r(x, y, z) = (x, y, z) y el campo eléctrico E r
r
3= ε Q
producido por una carga Q localizada en el origen, con ε constante.
a. Demuestre que (3 puntos)
3
( ) 1
∇ • + ∇ × + ∇ = −
E r E r
r r
.
b. ¿Qué características posee el campo eléctrico E? (1 punto)
2. Calcule el área de la cerca de la figura, que tiene por base la curva en coordenadas polares de ecuación r = + 1 cos( ) θ , 0 ≤ θ ≤ π 2 y limita superiormente por la superficie de ecuación z = x
2+ y
2. (4 puntos)
3. Un alambre homogéneo tiene la forma de una curva C parametrizada por r(t) = (cos(t) + t.sen(t), sen(t) − t.cos(t)) , 0 ≤ ≤ π t 2 . Halle para el alambre:
a. Las coordenadas de su centro de masa. (3 puntos) b. Su momento de inercia polar. (1 punto)
4. Sean
••••
C una curva suave en el plano xy parametrizada por la función vectorial r(t) , donde t ∈ a,b , con r '(t) = 1 .
••••
F un campo vectorial definido y continuo en C tal que F r ( (t)) = r '(t) .
••••
G tal que G r ( (t)) = r ''(t) , r (x, y, z) = (x, y, z) y T(x,y) con T = 1 .
a. Pruebe que
C
d b a
• = −
∫ F r . (1 punto) b. ¿Qué calcula la integral
C
• d
∫ T r ? (1 punto) c. Calcule
C
• d
∫ G r . (1 punto) d. ¿Existe algún campo vectorial H con rot( ) H = r ? Justifique. (1 punto)
5. Sea el campo de velocidades de un fluido
= + + + − − +
F(x, y, z) (yexycos(z) y z2 2 cos(x) cos(y), xexycos(z) 2xyz2 sen(x)sen(y), e sen(z)xy 2xy z)2
. a. Pruebe que F es conservativo. (2 puntos) b. Calcule el flujo a lo largo de una curva C que una los puntos
πA(0, , 0)
2y
π π
2 4
B( , 0, ) . (2 puntos)
PREGUNTA 1. (4 puntos)
Sean el campo posición r(x, y, z)=(x, y, z) y el campo eléctrico
= ε r E
r3 Q
producido por una carga Q localizada en el origen, donde ε es una constante.
a. Demuestre que
3
( ) 1
∇ • + ∇ × + ∇ = −
E r E r
r r
.
SOLUCIÓN. (3 puntos)
3 3
2 2 2 3 /2 2 2 2 3 /2 2 2 2 3 /2
2 2 2 3 /2 2 2 2
( ) (div( )) div Q Q
x y z
Q , , , ,
x y z (x y z ) (x y z ) (x y z )
x y
Q x (x y z ) y (x y z )
∇ • = = ε = ε ∇ •
∂ ∂ ∂
= ε ∂ ∂ ∂ • − + + − + + − + +
∂ ∂
= ε −∂ + + −∂ + +
r r
E r E r r r
r r
r
3 /2 2 2 2 3 /2
2 2 2 1/2 2 2 2 2 2 2 1/2 2 2 2 2 2 2 1/2 2 2 2
2 2 2 3 2 2 2 3 2 2 2 3
2 2 2
z
z (x y z )
(x y z ) (2x y z ) (x y z ) ( x 2y z ) (x y z ) ( x y 2z )
Q
(x y z ) (x y z ) (x y z )
(x y z )
Q
∂
−
∂ + +
+ + − − + + − + − + + − − +
= ε + + + + + + + +
+ +
= ε
r
r
1/2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 1/2
2 2 2 3 2 2 2 3
(2x y z x 2y z x y 2z ) (x y z ) .0
Q
(x y z ) (x y z )
− − − + − − − + + +
= ε =
+ + + +
r r 0
3 3 3
Q Q (z) (y) (x) (z) (y) (x)
rot( ) rot Q rot( ) , ,
y z z x x y
ε ε ∂ ∂ ∂ ∂ ∂ ∂
∇ × = = ε = = ∂ − ∂ ∂ − ∂ ∂ − ∂ =
E E r r 0
r r r
−
− − −
− − −
∇ = ∇ + + = ∇ + +
∂ + + ∂ + + ∂ + +
= ∂ ∂ ∂
+ + + + + +
= − − −
r
2 2 2 1/2
2 2 2
2 2 2 1/2 2 2 2 1/2 2 2 2 1/2
2 2 2 3 /2 2 2 2 3 /2 2 2 2 3 /2
1 1
((x y z ) )
x y z
((x y z ) ) ((x y z ) ) ((x y z ) )
, ,
x y z
2x(x y z ) 2y(x y z ) 2z(x y z )
, ,
2 2 2
= − + + − + + − + + = −
r
2 2 2 3 /2 2 2 2 3 /2 2 2 2 3 /2 r3
x y z
, ,
(x y z ) (x y z ) (x y z )
b. ¿Qué características posee el campo eléctrico E?
SOLUCIÓN. (1 punto) El campo eléctrico E es irrotacional y solenoidal.
PREGUNTA 2. (4 puntos)
Encuentre el área de la cerca indicada en la figura 1, que tiene por base la curva en coordenadas polares de ecuación r = +1 cos( ) , donde θ 0≤ θ ≤ π2 y se encuentra limitada superiormente por la superficie de ecuación z= x2 +y2 .
Figura 1. Representación gráfica de la región de la pregunta 2
SOLUCIÓN.
Paso 1. Parametrización de la curva C.
r( )θ =((1+cos( )) cos( ),(1θ θ +cos( ))sen( ))θ θ , 0≤ θ ≤ π2
Paso 2. Cálculo de la norma del vector derivada. (1 punto) r'
2 2 2 2
2 3
2
( ) (1 cos( )) ( sen( )) 1 2 cos( ) cos ( ) sen ( ) 2 2 cos( ) 2 1 sen ( ) cos( ) cos ( ) 2 1 cos( ) 2 cos( )θ
θ = + θ + − θ = + θ + θ + θ = + θ
= + θ θ + θ = + θ =
Paso 3. Dependencia de la superficie del parámetro de integración. (1 punto)
= 2+ 2 = + θ 2 2 θ + + θ 2 2 θ = + θ = 2 θ2
z x y (1 cos( )) cos ( ) (1 cos( )) sen ( ) 1 cos( ) 2 cos ( )
Paso 4. Cálculo del área de la cerca. (2 puntos)
2 2
2 3 3
2 2 2 2
C 0 0
3 32
1 1
2 3 2 0 3 3
A f(x, y)ds 4 cos ( ) cos( ) d 4 cos ( )d cos ( )d
16 (sen( ) sen ( )) 16.(1 ) .
π π π
θ θ θ θ
π
θ θ π
= = θ = θ − θ
= − = − =
∫ ∫ ∫ ∫
PREGUNTA 3. (4 puntos)
Un alambre homogéneo tiene la forma de una curva C cuya ecuación vectorial viene dada por
= + −
r(t) (cos(t) t.sen(t), sen(t) t.cos(t)) con 0≤ ≤ πt 2 . Encuentre para el alambre:
a. Las coordenadas de su centro de masa.
SOLUCIÓN.
Paso 1. Cálculo del vector derivada y de su norma.
= ⇒ =
r'(t) (t.cos(t), t.sen(t)) r'(t) t
Paso 2. Cálculo de la masa del alambre. (1 punto)
π π π
=
∫
C =∫
02 r' =∫
02 = t220 = π2m f(x, y)ds k (t) dt k tdt k 2k
2
Paso 3. Cálculo de los momentos. (2 puntos) r'
2 2
y
C 0 0
M x.f(x, y)ds k x(t) (t) dt k (cos(t) t.sen(t))tdt
π π
=
∫
=∫
=∫
+
2 2
2 2 2
0
0 0
2 2 2 2
0
k (t.cos(t) t .sen(t)dt kt .cos(t) 3k t.cos(t)dt k( t .cos(t) 3t.sen(t) 3 cos(t)) k( 4 3 3) 4k
π π
π
π
= + = − +
= − + − = − π − + = − π
∫ ∫
r'
2 2
x
C 0 0
2 2
2 2 2
0
0 0
2 2
0
M y.f(x, y)ds k y(t) (t) dt k (sen(t) t.cos(t))tdt
k (t.sen(t) t .cos(t)dt kt .sen(t) k t.sen(t)dt
k(t .sen(t) t.cos(t) sen(t)) 6k
π π
π π
π
π
= = = −
= − = −
= + − = − π
∫ ∫ ∫
∫ ∫
Paso 4. Cálculo del centro de masa del alambre.
My Mx 4k2 2k 3
m m 2k2 2k2
Centro de masa (x, y) ( , ) ( π , π) ( 2, π)
π π
= = = − = − −
b. Su momento de inercia polar.
SOLUCIÓN. (1 punto) r'
2 2
2 2 2 2 2
0
C 0 0
2 2
2 4 2 4
3 2 2
0 0
I (x y ).f(x, y)ds k ((x(t)) (y(t)) ) (t) dt k (1 t )tdt
t t 4 16
k (t t )dt k k k (2 4 )
2 4 2 4
π π
π π
= + = + = +
π π
= + = + = + = π + π
∫ ∫ ∫
∫
PREGUNTA 4. (4 puntos)
Sean C una curva suave en el plano xy parametrizada por la función vectorial r(t) , donde t∈a,b, con r'(t) =1, F un campo vectorial definido y continuo en C tal que F r( (t))=r'(t) y los campos vectoriales G tal que G r( (t))=r''(t), r(x, y, z)=(x, y, z) y T(x,y) con T =1.
a. Pruebe que
C
d b a
• = −
∫
F r .SOLUCIÓN. (1 punto)
b b b b
C1 a a a a
d ( (t)) (t)dt (t) (t)dt (t) dt dt b a
• = • = • = = = −
∫
F r∫
F r r'∫
r' r'∫
r' 2∫
b. ¿Qué calcula la integral
C
•d
∫
T r?SOLUCIÓN. (1 punto)
C C C
d ds ds
• = =
∫
T r∫
T∫
.La integral anterior calcula la longitud de arco de la curva C.
c. Calcule
C
•d
∫
G r.
SOLUCIÓN. (1 punto)
C C C
d ( (t)) '(t)dt ''(t) '(t)dt 0
• = • = • =
∫
G r∫
G r r∫
r r .Como r'(t) =cons tan te, entonces los vectores r'(t) y r''(t) son ortogonales.
d. ¿Existe algún campo vectorial H tal que rot( )H =r?
SOLUCIÓN. (1 punto) (x) (y) (z)
div( ) 3 0
x y z
∂ ∂ ∂
= + + = ≠
∂ ∂ ∂
r .
Como div( )r ≠0, entonces r no puede ser el rotacional de ningún campo vectorial.
PREGUNTA 5. (4 puntos)
Sea el campo de velocidades de un fluido
= + + + − − +
F(x, y, z) (yexycos(z) y z2 2 cos(x) cos(y), xexycos(z) 2xyz2 sen(x)sen(y), e sen(z)xy 2xy z)2 . a. Pruebe que F es conservativo.
SOLUCIÓN. (2 puntos)
= xy + 2 2 +
P(x, y, z) ye cos(z) y z cos(x) cos(y) , Q(x, y, z)= xexycos(z)+2xyz2 −sen(x)sen(y) ,
= − xy + 2
R(x, y, z) e sen(z) 2xy z Se tiene:
∂ = − + = ∂
∂ ∂
R xy Q
xe sen(z) 4xyz
y z ,
∂ = − + = ∂
∂ ∂
xy 2
P R
ye sen(z) 2y z
z x ,
∂ = + + − = ∂
∂ ∂
xy xy 2
Q P
e cos(z) xye cos(z) 2yz cos(x)sen(y)
x y.
Por lo tanto F es conservativo.
b. Calcule el flujo a lo largo de la curva C que une los puntos π
A(0, , 0) y 2 B( , 0, ) . π2 π4
SOLUCIÓN. (2 puntos)
=
∫
xy + 2 2 + = xy + 2 2 + +f(x, y, z) (ye cos(z) y z cos(x) cos(y))dx e cos(z) xy z sen(x) cos(y) g(y, z)
+ − = + − +
xy 2 xy 2
xe cos(z) 2xyz sen(x)sen(y) xe cos(z) 2xyz sen(x)sen(y) g (y, z)y
= ⇒ =
g (y, z)y 0 g(y, z) h(z)
−e sen(z)xy +2xy z2 = −e sen(z)xy +2xy z2 +h '(z)⇒h(z)=C
Por lo tanto f(x, y, z)=exycos(z)+xy z2 2 +sen(x) cos(y)+C. 2 Flujo=f(B)−f(A)= 2 .