SUPERIORES (FASC´ICULO 4)
FERNANDO REVILLA
Resumen. Cada fasc´ıculo de estos Problemas resueltos de matem´aticas superiores consta de 5 problemas resueltos. Pueden considerarse como anexos a mis librosProblemas resueltos de ´algebrayProblemas resueltos de an´alisis matem´atico.
´Indice
1. Estudio de la biyectividad de f (X) = (A ∩ X, B ∩ X) 1 2. Extremos de f : (R+)3 → R, f(x, y, z) = xmynzp sobre un plano 2 3. L = l´ımx→0
x2ex
5x − 5ex+ 5 sin usar la regla de L’Hˆopital 3 4. Diagonalizaci´on de A ∈ R2×2 con funciones hiperb´olicas 4 5. Infinitud de los n´umeros primos, demostraci´on topol´ogica 4
1. Estudio de la biyectividad de f (X) = (A ∩ X, B ∩ X) Sean A y B dos partes no vac´ıas de un conjunto E y
f : P(E) → P(A) × P(B), f (X) = (A ∩ X, B ∩ X).
(a) Estudiar la inyectividad de f.
(b) Estudiar la sobreyectividad de f.
(c) Determinar f−1 en los casos en los que f sea biyectiva.
SOLUCI ´ON. (a) Veamos que f es inyectiva si y s´olo si A ∪ B = E. En efecto, supongamos que f es inyectiva. Tenemos
f (E) = (A ∩ E, B ∩ E) = (A, B).
Por otra parte
f (A ∪ B) = (A ∩ (A ∪ B), B ∩ (A ∪ B)) = (A, B).
Es decir f (E) = f (A ∪ B), luego A ∪ B = E por ser f inyectiva. Rec´ıproca- mente, supongamos que A ∪ B = E. Entonces,
f (X) = f (Y ) ⇒ (A ∩ X, B ∩ X) = (A ∩ Y, B ∩ Y )
Key words and phrases. Problemas, resueltos, matem´aticas, superiores, fasc´ıculo.
1
⇒
A ∩ X = A ∩ Y
B ∩ X = B ∩ Y ⇒ (A ∩ X) ∪ (B ∩ X) = (A ∩ Y ) ∪ (B ∩ Y )
⇒ X ∩ (A ∪ B) = Y ∩ (A ∪ B) ⇒ X ∩ E = Y ∩ E ⇒ X = Y y por tanto, f es inyectiva.
(b) Veamos que f es sobreyectiva si y solamente si A ∩ B = ∅. En efecto, si f es sobreyectiva existe X ∈ P(E) tal que f (X) = (A, ∅). Entonces, A ∩ X = A y B ∩ X = ∅. De aqu´ı se deduce A ⊂ X ⊂ Bc, luego A ∩ B = ∅.
Rec´ıprocamente, si A ∩ B = ∅, sea (X, Y ) ∈ P(A) × P(B). Tenemos f (X ∪ Y ) = (A ∩ (X ∪ Y ), B ∩ (X ∪ Y ))
= ((A ∩ X) ∪ (A ∩ Y ), (B ∩ X) ∪ (B ∩ Y )) = (X ∪ ∅, ∅ ∪ Y ) = (X, Y ), luego f es sobreyectiva.
(c) De los apartados anteriores, f es biyectiva si y s´olo si, A y B son com- plementarios en E. Si es biyectiva,
f−1: P(A) × P(B) → P(E), f−1(X, Y ) = X ∪ Y.
2. Extremos de f : (R+)3 → R, f(x, y, z) = xmynzp sobre un plano Hallar, caso de existir, los valores extremos de la funci´on
f : R+3
→ R, f (x, y, z) = xmynzp (m.n.p enteros positivos) con x + y + z = a (a ∈ R+).
SOLUCI ´ON. El problema es equivalente a hallar los extremos de la funci´on g : Ω → R, g(x, y) = xmyn(a − x − y)p
en el abierto Ω = {(x, y) ∈ R2: x > 0, y > 0, a − x − y > 0}. Puntos cr´ıticos de g,
∂g
∂x = 0
∂g
∂y = 0
⇔ . . . ⇔
([ma − my − (m + p)x] xm−1yn(a − x − y)p−1 [na − nx − (n + p)y] xmyn−1(a − x − y)p−1. Como x > 0, y > 0, y a − x − y > 0, el sistema anterior es equivalente a
(m + p)x + my = ma nx + (n + p)y = na, cuya ´unica soluci´on es
P =
ma
m + n + p, na m + n + p
,
y se comprueba inmediatamente que P ∈ Ω. El hessiano de g en P es Hg(P ) = detgxx(P ) gxy(P )
gyx(P ) gyy(P )
= . . .
= (m + n + p)
ma
m + n + p
2(m+n+p−2)
m2m−1n2n−1p2p−1> 0.
Por otra parte,
∂g
∂x(P ) = . . .
= −(m + p)
ma
m + n + p
m−1 na m + n + p
n pa m + n + p
p−1
< 0.
Dado que g ∈ C2(Ω), deducimos por un conocido teorema que g alcanza un m´aximo en el punto P. Hallando la z que corresponde al punto P, obtenemos fm´ax
ma
m + n + p, na
m + n + p, pa m + n + p
= mmnnpp
a
m + n + p
m+n+p
.
3. L = l´ımx→0
x2ex
5x − 5ex+ 5 sin usar la regla de L’Hˆopital Si usar la regla de L’Hˆopital, calcular el l´ımite
L = l´ım
x→0
x2ex 5x − 5ex+ 5
SOLUCI ´ON. Podemos expresar L = l´ım
x→0
ex 5
x2
1 + x − ex = 1 5 l´ım
x→0
x2 1 + x − ex
| {z }
A
y por tanto, basta hallar A. Sea x > 0 y consideremos la funci´on F : [0, x] → R, F (t) = t2− x2
1 + x − ex(1 + t − et).
Es inmediato verificar las hip´otesis del teorema de Rolle para F en [0, x]
obteniendo un ξ ∈ (0, x) tal que x2
1 + x − ex = 2ξ 1 − eξ. Usando que eξ− 1 ∼ ξ cuando ξ → 0,
l´ım
x→0+
ex 5
x2
1 + x − ex = 1 5 l´ım
ξ→0+
2ξ
−ξ = −2 5.
Usando la misma funci´on F en el intervalo [x,0] con x < 0 obtenemos l´ım
x→0−
ex 5
x2
1 + x − ex −2 5,
con lo cual L = −2/5.
4. Diagonalizaci´on de A ∈ R2×2 con funciones hiperb´olicas Estudiar para qu´e valores de x ∈ R la siggiente matriz es diagonalizable en R
A =cosh x sinh x sinh x cosh x
. En cada caso, hallar la forma can´onica de A.
SOLUCI ´ON. Polinomio caracter´ıstico de A
χ(λ) = λ2− (traza A)λ + det A = λ2− (2 cosh x)λ + cosh2x − sinh2x
= λ2− ex+ e−x λ + 1.
Valores propios de A
λ2− ex+ e−x λ + 1 = 0 ⇔ λ = ex+ e−x± q
(ex+ e−x)2− 4 2
= ex+ e−x±√
e2x+ e−2x− 2
2 = ex+ e−x±
q
(ex− e−x)2 2
= ex+ e−x± (ex− e−x)
2 = {ex, e−x}.
Entonces, ex = e−x ⇔ e2x = 1 ⇔ 2x = 0 ⇔ x = 0. Para x = 0 obtenemos la matriz A = I, que es diagonal. Si x 6= 0, tenemos ex 6= e−x y A es diagonalizable en R al tener dos valores propios reales simples. Concluimos que A es diagonalizable para todo x ∈ R siendo su matriz diagonal;
D =ex 0 0 e−x
.
5. Infinitud de los n´umeros primos, demostraci´on topol´ogica
Desarrollamos la demostraci´on de Furstenberg de la infinitud de los n´umeros primos basada en ideas topol´ogicas.
Proporcionar una demostraci´on topol´ogica de la infinitud de los n´umeros primos
SOLUCI ´ON. Para cada a, b n´umeros enteros con b 6= 0 consideramos el sub- conjunto de Z :
a + b Z = { . . . , a − 2b , a − b , a , a + b , a + 2b , . . . }, y la clase B de subconjuntos de Z :
B = { a + b Z : a, b ∈ Z , b 6= 0 }
es decir, B es la clase de todas las progresiones aritm´eticas no constantes en Z . Dado que a + b Z = a − b Z tambi´en podemos suponer que b > 0.
Veamos que B cumple las dos conocidas condiciones para formar base de
una topolog´ıa en Z.
(i) Como 0 + 1 Z = Z se verifica trivialmente que Z es uni´on de elementos de B.
(ii) Sean a + b Z y a0+ b0 Z elementos de B y c ∈ (a + b Z) ∩ (a0+ b0 Z) , entonces a + b Z = c + b Z y a0+ b0 Z = c + b0 Z . Si d es el m´ınimo com´un m´ultiplo de b y b0es claro que c ∈ c + d Z ⊂ (c+b Z)∩(c+b0 Z) . Concluimos pues que B es base para una topolog´ıa T en Z.
Para cada primo p el subconjunto de Z,
Fp = Z − ( (1 + p Z) ∪ (2 + p Z) ∪ . . . ∪ ((p − 1) + p Z) )
es cerrado pues es el complementario de una uni´on de abiertos (que es abier- to). Sea ahora F = S
pFp en donde p var´ıa en el conjunto de los n´umeros primos. Si solamente existiera un n´umero finito de primos, entonces F ser´ıa uni´on finita de cerrados y por tanto, cerrado. Dado que Fp= p Z todo entero k 6= ±1 pertenece a alg´un Fp, es decir Z − F = {−1, 1} . Pero claramente {−1, 1} no es abierto por no ser uni´on de progresiones aritm´eticas no cons- tantes y por tanto F no es cerrado.
Por tanto, de la hip´otesis de existir solamente un n´umero finito de primos llegamos al absurdo de que existe un conjunto F en una topolog´ıa T que es a la vez cerrado y no cerrado. Se concluye pues que existen infinitos n´umeros
primos.
Problemas resueltos de matem´c aticas superiores por Fernando Re- villa se distribuye bajo la licencia Creative Commons Atribuci´on- NoComercial-SinDerivar 4.0 Internacional.
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Fernando Revilla. Jefe del Departamento de Matem´aticas del IES Santa Teresa de Jes´us de la Comunidad de Madrid y Profesor de M´etodos Matem´aticos de la Universidad Alfonso X El Sabio de Villanueva de la Ca˜nada, Madrid (Hasta el curso acad´emico 2008-2009).
E-mail address: frej0002@ficus.pntic.mec.es