COMPONENT
COMPONENTES ES RECTRECTANGULARES ANGULARES DE DE UNA UNA FUERZAFUERZA
2.21.-2.21.-Determine las componentes x e y de cada una de las fuerzas que seDetermine las componentes x e y de cada una de las fuerzas que se muestran en la gura.
muestran en la gura.
Con
Con F F 11 con su módulo de !!N. con su módulo de !!N.
Θ1 Θ1== tantan−− 1 1 AyAy Ax Ax Θ1= Θ1= tantan−− 1 1 600 600 800 800 Θ1=36.86° Θ1=36.86° 1x= 1!"os Θ1 1x= 1!"os Θ1 1x=8##!"os 1x=8##!"os 36.86° 36.86° &'()%*+, &'()%*+,- -1y= 1!/en Θ1 1y= 1!/en Θ1 1y=8##!/en 1y=8##!/en 36086° 36086° Para
Para hallar hallar el el valor valor del del ángulo ángulo 1ƟƟ1 se hace uso del
se hace uso del triangulo OBAtriangulo OBA, a, a fin de usar la
fin de usar la funciónfunción trigonométrica tangente. trigonométrica tangente. 640 640⃗⃗ii
+
+
479.88479.88 j j⃗⃗⃗
⃗
El valor de las componentes de
El valor de las componentes de F F 11 se lose lo obtiene de igual forma con las
obtiene de igual forma con las funcionesfunciones trigonométricas cos y sen para hallar x trigonométricas cos y sen para hallar x e ye y
respectivamente, en donde se tienen como valores respectivamente, en donde se tienen como valores el mód
Con
Con F F 22 con su módulo de %2%N. con su módulo de %2%N.
Θ= Θ= tantan−− 1 1 F F 22 y y F F 22 x x Θ= Θ= tantan−− 1 1 560 560 900 900 Θ=31.82° Θ=31.82° Θ=#°431.82° Θ=#°431.82° Θ=38.11° Θ=38.11° Con
Con F F 33 con su módulo de %!N. con su módulo de %!N.
Θ= Θ= tantan−− 1 1 F F 3 3 y y F F 33 x x Θ= Θ= tantan−− 1 1 900 900 480 480 Θ=61.2° Θ=61.2° &'()%*+,
&'()%*+,-- y=!/en Θy=!/en Θ
y=$$!sen38. y=$$!sen38. 11° 11° F F22 ##--&&''!!NN x= !"osΘ x= !"osΘ x=$$!cos 38.11° x=$$!cos 38.11° F2"#-22&.(( N F2"#-22&.(( N F F 22 = (-223.99= (-223.99 ii --360 360 jj )N )N Para
Para hallar hallar el el valor valor del del ángulo ángulo ƟƟse se hace hace uso uso deldel triangulo OFE
triangulo OFE , a fin de usar la función, a fin de usar la función
trigonométrica tangente, y como se puede observar en trigonométrica tangente, y como se puede observar en la fi
la figura pgura principal rincipal el ánel ángulo gulo rƟƟ resulta esulta de de lala diferencia
diferencia entre entre !"# !"# y y el el valor valor del del ángulo ángulo ƟƟdebido debido aa $ue todo angulo director parte del e%e positivo de las $ue todo angulo director parte del e%e positivo de las &. &. &'()%*+, &'()%*+,- -3y=3!sen Θ 3y=3!sen Θ 3y=$#8!sen2 3y=$#8!sen2 8.#8° 8.#8° 3y=432.2% 3y=432.2%
Θ3= 736#°461.2° Θ3= 736#°461.2° Θ3=28.#8°
Θ3=28.#8°
2.22.-2.22.- Determine las componentes x y y Determine las componentes x y y de cada una de las de cada una de las fuerzas que sefuerzas que se muestran en la gura
muestran en la gura
Con
Con F F 11 con con su su módulo módulo de de 2(l)2(l)
3x=3!cos Θ 3x=3!cos Θ 3x=$#8!cos 28.#2° 3x=$#8!cos 28.#2° 3x=12.#$% 3x=12.#$% F F 33 = (192.04= (192.04 ⃗⃗ii --Para
Para hallar hallar el el valor valor del del ángulo ángulo ƟƟse se hace hace uso uso deldel triangulo OFE
triangulo OFE , a fin , a fin de usar la función trigonométricade usar la función trigonométrica tangente, y como se puede observar en
tangente, y como se puede observar en la figurala figura principal el ángulo
principal el ángulo ' resulta de la diferencia enƟƟ' resulta de la diferencia entre '("#tre '("# y
y el el valor valor del del ángulo ángulo ƟƟdebido debido a a $ue $ue todo todo ánguloángulo director parte del e%e positivo de las &
director parte del e%e positivo de las & hasta llegar a lahasta llegar a la fuerza a
fuerza a plicada. plicada.
1x=1!cos Θ 1x=1!cos Θ 1x=2l9!cos$3. 1x=2l9!cos$3. 6#° 6#° F1"#21l) F1"#21l) Θ= Θ= tan
tan−−11 F F 11 y y F F 11 x x Θ= Θ= tan tan−−11 80 80 84 84 Θ=$3.6#° Θ=$3.6#° 1y=1!sen Θ 1y=1!sen Θ 1y=2l9!/en$3 1y=2l9!/en$3 .6#° .6#° F1$#2!l) F1$#2!l) F F 11 # *21 # *21 ii + 2! + 2! jj , l), l)
Con F 2 con su módulo de !l)
Con F 3 con su módulo de 1l) Para hallar el valor del ángulo 1Ɵ
se hace uso del triangulo OBA, a fin de usar la función
trigonométrica tangente.
El valor de las componentes de F 1 se lo obtiene de igual forma con las funciones trigonométricas cos y sen para hallar x e y respectivamente, en donde se tienen como valores el módulo de la fuerza F 1 y el ángulo director 1. EsteƟ
principio se aplica en F 2x=!"os Θy F 3 .
x=#!"os 1#606 ° F2"#-1%l) Θ= tan− 1 F 2 y F 2 x Θ= tan −1 28 96 Θ=1606° Θ=2#: ; 1606° = 1#606: y=!/en Θ y=#!/en 1#606 ° F2$#%l) Para hallar el valor del ángulo Ɵse hace uso del triangulo
ODC , a fin de usar la función trigonométrica tangente, y como se puede observar en la figura principal el ángulo Ɵ
resulta de la suma entre )"# y el valor del ángulo Ɵdebido a $ue todo ángulo director parte del e%e positivo de las & hasta llegar a la fuerza aplicada.
3y = 3!cos Θ 3y = 1! cos 280# ° 3y = 4$l9 Θ= tan− 1 Cy Cx Θ= tan− 1 48 90 Θ=80#° Θ= #: ; 80#° = 280#: 3y = "!sen Θ 3y = 1 ! /en 280# ° 3y = 4$l9 F 3 # *2% i -% j , l)
2.2&.- Determine las componentes < e de cada una de las fuerzas que se muestran en la gura
Para hallar el valor del ángulo Ɵse hace uso del triangulo OEF , a fin de usar la función trigonométrica tangente, y como se puede observar en la figura
principal el ángulo ' resulta de la suma entre !"# y elƟ
valor del ángulo Ɵdebido a $ue todo ángulo director parte del e%e positivo de las & hasta llegar a la fuerza
aplicada.
"omo se puede notar las fuerzas F 1 F 2 y F 3 que se aplican en distintas partes en el diagrama espacial se muestran partiendo del origen en el diagrama de
cuerpo li9re de9ido a que en la est>tica todo cuerpo es representado como un punto o part?cula del que se marca un plano
Con F 1 con su módulo de '!l)
⃗
F 1 # *%.&/0 2.&, l)
Con F 3 con su módulo de 1l)
3x=3!cos Θ
3x=$#!cos3## ° 3x=#l9
F 3 #*2! i -&%.' j ,l)
Con F 2 con su módulo de !l)
x=!cos Θ
x=#!cos# ° x=438.3l9
F 2 #*-&.& i - &2.1 j ,l)
2.2%.- Determine las componentes < e de cada una de las fuerzas que se muestran en la gura
El valor de las componentes de F 1 se lo con el uso de funciones trigonométricas cos y sen para hallar x e y respectivamente, en donde se tienen como valores el módulo de la fuerza F 1 y el ángulo director Ɵ* +° que se muestra en la gura. Este principio se emplea en F 2 y F 3 1y = 1!/en Θ 1y=6# !/en ° F1$#%.&/ l) 1x = 1!"os Θ 1x=6# !cos ° F1"#%.&/ l) 3y=3!/en Θ 3y=$#!/en 3## ° 3y=43$.6l9
El ángulo director Ɵ* '""° o9teniendo
este restando a los 36#° del plano con el @alor de 6#° mostrado en la gura inicial0 de9ido a que el >ngulo director @a desde el eAe x positi@o Basta la fuerza F 3 .
y=!sen Θ y=#!sen
# ° El ángulo director Ɵ* "° o9teniendo este restando a los #° del plano con el @alor de #° mostrado en la gura inicial0 de9ido a que el >ngulo director @a desde el eAe x positi@o Basta la fuerza F 2 .
Con F 1 con su módulo de 12!l)
1x=1!cos Θ
1x=1#!cos# ° 1x=$10#$ %
F 1 #*%1!% i + 112/' j ,N
Con F 2 con su módulo de !l)
x=!cos Θ
"omo se puede notar las fuerzas F 1 F 2
y F 3 que se aplican en distintas partes en el diagrama espacial se muestran partiendo del origen en el diagrama de cuerpo li9re de9ido a
1y=1!/en Θ 1y=1#!/en # °
1y=1106%
El valor de las componentes de F 1 se lo con el uso de funciones trigonométricas cos y sen para hallar x e y
respectivamente, en donde se tienen como valores el módulo de la fuerza F 1 y el ángulo director Ɵ*
!"°, debido a la suma entre los ángulos '"° y "° mostrados en el diagrama de cuerpo libre, $ue van desde el e%e x hasta la fuerza indicada. Este principio se
usa para hallas las componentes de F 2 y F 3 .
y=!sen Θ y=8#!sen$ # °
x=8# !cos$# ° x=6108%
F 2 # *'12 i + 1%2 j , N
Con F 3 con su módulo de !l)
3x=3!cos Θ
3x=1#!cos1$ ° 3x=41108%
F 3 # *-112/ i + '!& j , N
2.2.- 5l elemento D eAerce so9re el elemento )" una fuerza P dirigida a lo largo de la l?nea D. /i se sa9e que P de9e tener una componente
Borizontal de 3##l90 determine a la magnitud de la fuerza 9 su componente @ectorial.
El ángulo director Ɵ* "° mostrado en la gura
inicial0 de9ido a que el >ngulo director @a desde el eAe x positi@o Basta la fuerza F 2 .
3y=3!sen Θ 3y=1#!sen1 $ °
3y=860#3%
El ángulo director Ɵ* 1+° o9teniendo este restando a
los 18#° del plano con el @alor de 3° mostrado en la gura inicial0 de9ido a que el >ngulo director @a desde el eAe x positi@o Basta la fuerza F 3 .
Cx=C!cos °
P=
3000 cos55° , P#2&!&
2.2'.- 5l cilindro Bidr>ulico D eAerce una fuerza P so9re el elemento )"0 dicBa fuerza est> dirigida a lo largo de la l?nea D. /i se sa9e que P de9e tener una componente de #% perpendicular al elemento )"0 determine.
a ,a magnitud de la fuerza
9 /u componente paralela a )"
5l >ngulo utilizado para Ballar la componente en el eAe 0 y el @alor del mdulo de P es de ° o9tenido de la diferencia de 2#° con los 3° mostrados en las guras.
), Cy=C!/en
°
Cy=3.#3!/en °
a /en # ° =
750 P
C= sen75020 N °
P#21(2.N
2.2/.- 5l alam9re atirantado D eAerce so9re el poste telefnico )" una fuerza
P dirigida a lo largo de D. /i se sa9e que P tiene una componente de
1#% perpendicular al poste0 determine. a ,a magnitud de la fuerza C 9 /u componente paralela a )"
Cx=C!cos °
Cara Ballar el @alor de Px se Bace uso del >ngulo de #°0 pues como se puede notar @a desde el eAe
positi@o de las < en sentido de las manecillas del reloA. %o o9stante se puede usar 9 componente paralelo a
)"
Cx=cos # ° !12.83 %
P"#2!'!.'N
Cara Ballar el @alor de P Py se Bace uso del >ngulo de ° 7>ngulo
suplementario de 38°0 pues como se
puede notar @a desde el eAe positi@o de las Cy=C!senE
Cy=12$.21!sen
°
C= cos52120 °
P#1(%.(1 N
2.2.- 5l alam9re atirantado D eAerce so9re el poste telefnico )" una fuerza
P dirigida a lo largo de D. /i se sa9e que P tiene una componente de
18#% a lo largo de la l?nea )"0 determine. a ,a magnitud de la fuerza C
9 /u componente paralela a )" Cy=C!senE Cx=C!cos ° Cx=8.$!cos ° P"#1%!.'&N Py # 1%!.'& i %
Cara Ballar el @alor de P , Py se Bace uso del >ngulo de ° 7>ngulo suplementario de 38°0 pues como se puede notar @a desde el eAe positi@o de las < en sentido de las manecillas del reloA. %o o9stante se puede usar el >ngulo de 38° y las
C= sen Py52°
P#22.%2
2.2(.- 5l elemento " de la prensa de 9anco que se muestra en la gura0 eAerce so9re el 9loque una fuerza C dirigida a lo largo de la l?nea ". /i se sa9e que la componente Borizontal de C de9e tener una magnitud de 1#%0 determine.
a.4 ,a magnitud de la fuerza C 9.4 /u componente @ertical. Cx=C!cos ° Cy=C!cos ° Cy=1#!sen ° Cx=C!cosE Cx=61#.#!cos 3 ° C= senθ Py C=
C= cos55 Px °
C=
1220lb cos55° P#212/.! l)
2.&!.- 5l ca9le )" eAerce so9re una 9iga una fuerza C dirigida a lo largo de la l?nea )". /i se sa9e que C de9e tener una componente @ertical de 3#%0 determine.
a.4 ,a magnitud de la fuerza C 9.4 /u componente Borizontal
Cy=C!senE
Cara la o9tencin del >ngulo se eliAe como referencia el punto " 7formado por dos >ngulos de °0 de9ido a que se solicita Ballar la fuerza dirigida desde " Basta so9re el 9loque de madera mostrado.
Cx=C!cosE Cx=61#.#!cos 3 ° C= senθ Py C= 350lb
Θ=2# ° 4 °
Θ=3 °
2.&1.- Determine la resultante de las tres fuerzas del pro9lema . Cara la o9tencin del >ngulo se eliAe como referencia el
triangulo )" 7formado por un >ngulo de ° y 3°0 de9ido a que se solicita Ballar la fuerza dirigida desde ) Basta ". 5n este caso la fuerza Q no inter@iene en
F 1 # 71 i ; # j l9 F 2 # 741$ i ; $8 j l9 F 3 # 7$ i 4 $ j l9 R # *&1 i + 2& j , l) R =
√
312+
232 l9 R# &.'! l)DRAGRAMA DE FUERZA RESULTANTE
Θ= tan− 1 23 31 Θ= tan−1 250.22
−
20.55 3#&'./ °Cara Ballar la fuerza resultante R se suman las componentes en < e de las tres fuerzas aplicadas al punto de referencia. Cara el c>lculo de su mdulo se emplea teorema de Cit>goras mientras que Ɵ se encuentra con la
2.&2.- Determine la resultante de las tres fuerzas del pro9lema .$ F 1 #7$10#$ i ; 1106 j % F 2 # 76108 i ; 10$ j % F 3 # 741108 i ; 860#3 j % R #*-1!. i + 2!.22 j , '=
−
10.55¿
¿
¿
2+
250.222¿
√¿
R#2!.% N Θ= tan− 1 Ry Rx Θ= tan− 1 250.22−
10.55DRAGRAMA DE FUERZA RESULTANTE
2.&&.- Determine la resultante de las tres fuerzas del pro9lema .3 Cara Ballar la fuerza resultante R se
suman las componentes en < e de las tres fuerzas aplicadas al punto de
referencia. Cara el c>lculo de su mdulo se emplea teorema de Cit>goras
F 1 =7$.3 i ; .3 l9 F 3 =7# i 43$.6 j l9 F 2 =7438.3 i 4 3.1 j l9 R = 736.# i 4 $1.3 j R =
−
41.35¿
¿
36.072+¿
√¿
l9 R#%./ l)DRAGRAMA DE FUERZA RESULTANTE
2.&%.- Determine la resultante de las tres fuerzas del pro9lema .1 Θ=
tan−1
−
41.35 36.073#(.! °
Cara Ballar la fuerza resultante R se
suman las componentes en < e de las tres fuerzas aplicadas al punto de referencia. Cara el c>lculo de su mdulo se emplea teorema de Cit>goras mientras que Ɵ se
encuentra con la funcin trigonomFtrica tangente.
640i
+
479.88 j⃗
F 1=¿
) N F 2 = (-223.99 i -360 j )N F 3 = (192.04 i - 359.97 j )N R 76#8.# i 4 $#.#2 j % R=√
(
608.05)
2+(
240.09)
2 % R#'% N Θ= tan −1 Ry Rx Θ= tan− 1−
240.09 608.05Cara Ballar la fuerza resultante R se suman las componentes en < e de las tres fuerzas aplicadas al punto de referencia. Cara el c>lculo de su
mdulo se emplea teorema de
Cit>goras mientras que Ɵ se encuentra
con la funcin trigonomFtrica tangente.
DRAGRAMA DE FUERZA RESULTANTE
2.&.- /i se sa9e que α
=
350 0 determine la resultante de las tres fuerzas mostradas en la gura.Con C con su módulo de 1!! N
"x="!cos Θ
"x=1## !cos3 °
5l >ngulo con el que se tra9aAa es 3° de9ido a que se disminuye los 3° respecti@os del @alor de
-de 36#° dado que el >ngulo
va desde el e%e & positivo hasta
Ɵ
la fuerza.
"y="!/en Θ "y=1##!/en 3 °
"x=81.21 %
C # *1(1 i - /& j , N
Con B con su módulo de 1! N
x=!cos Θ
x=1#!cos2 ° x=63.32 %
B # *'&.&( i - 1&.(% j ,N
Con A con su módulo de 2!! N
)x=)!cos Θ )x=##!cos1 ° )x=4163.38% A # *-1'&.& i - 11%./1 j ,N R
=
A+
B+
C R=
Ax i+
Ay j+
Bx i+
By j+
Cx i+
Cy j ⃗ R=
(
−
163,8⃗i−
114,7 j⃗)
+
(
63,4i⃗−
136 j⃗)
+¿
(
82i⃗−
57,4 j⃗)
⃗ R=(−
18,4i⃗−
308,1 j⃗)
N5l >ngulo con el que se tra9aAa es 2° de9ido a que se disminuye los 6° respecti@os del @alor de - y '"° de 36#° dado que el
>ngulo Ɵva desde el e%e & positivo hasta la fuerza.
y=!sen Θ y=1#!sen 2 °
5l >ngulo con el que se tra9aAa es 1° de9ido a que se incrementa el @alor de -de 18#° dado que el
>ngulo Ɵva desde el e%e & positivo hasta la fuerza.
)y=)!sen Θ )y=##!sen1 °
Cara o9tener las componentes de la fuerza R se suman las 3 fuerzas Balladas0 posteriormente se calculara el modulo de R mediante teorema de Cit>goras.
inalmente para Ballar su >ngulo director se usa la funcin /eno0 o9teniendo para cada operacin las respuestas mostradas. R
=
√
(−
18,4)
2+(−
308,1)
2 R=
308,7 N senθ=
308,1 N 308,7 N θ=
86,4+
180=
266,4° ⃗ R=(
308,7 N ;266,4°)
DRAGRAMA DE FUERZA RESULTANTE
2.&'.- /i se sa9e que la tensin en el ca9le " es de %0 determine la resultante de las tres fuerzas eAercidas en el punto de la @iga ).
Con F 1 con su módulo de /2 N
Con F 2 con su módulo de !! N
F 1 y
=
F 1sen136,4° F 1 y=(
725 N)
sen35° F 1 y=
500 N F 1=
725 N F 1 x=
F 1cos136,4° F 1 x=
(
725 N)
cos136,4° tanθ=
800mm 840mm θ=
43,6 θ=
180−
43,6Cara Ballar el @alor de las componentes de la fuerza necesitamos el @alor del >ngulo director0 o9tenido mediante funciones trigonomFtricas con los
@alores de longitud que se muestran en el diagrama espacial. 5sto se aplica para las tres fuerzas.
tanθ
=
3 4 θ=
36,7 θ=
270−
36,7 F 2 y=
F 2cos233,3° F 2 y=
(
500 N)
cos233,3° F 2 y=−
401 N−
299i⃗
F 2=¿
- %!1 j¿
N F 2 x=
F 2cos233,3° F 2 x=(
500 N)
cos233,3° F 2 x=−
299 NCon F 3 con su módulo de /! N
R
=
F 1+
F 2+
F 3R
=
F 1 x i+
F 1 y j+
F 2 x i+
F 2 y j+
F 3 x i+
F 3 y j⃗ R
=
(
−
525⃗i+
500 ⃗ j)
+
(
−
299i⃗−
401 j⃗)
+
(
720,1i⃗−
300 j⃗)
⃗ R=(−
104i−
201 j)
N 201¿
2−
104¿
2+¿
¿
R=
√¿
R=
226,3 N senθ 201 N 226,3 N θ=
62,7+
180=
242,7° R=(
226 N ;242,7°)
F 3 y=
F 3cos337,4 ° F 3 y=
(
780 N)
cos337,4° F 3 y=−
300 N F 3=
780 N F 3 x=
F 3cos337,4° F 3 x=
(
780 N)
cos 337,4° tanθ=
12 5 θ=
67,4 θ=
270+
67,4Cara o9tener las componentes de la fuerza R se suman las 3 fuerzas Balladas0 posteriormente se calculara el modulo de R mediante teorema de Cit>goras.
inalmente para Ballar su >ngulo director se usa la funcin /eno0 o9teniendo para cada operacin las respuestas
DRAGRAMA DE FUERZA RESULTANTE
2.&/.- /i se sa9e que α
=
400 0 determine la resultante de las tres fuerzas que se muestran en la gura.Con A con su módulo de '! l)
A # *'% i + 2! j , l)
Con B con su módulo de ! l)
B # *%! i + '(& j , l)
Con C con su módulo de 12! l)
⃗
C # *1!% ⃗i - '! j , l)⃗
Cara Ballar el @alor real del >ngulo una @ez que este colocado en el plano
referencial se le incrementa los #° de inclinacin del piso que se o9ser@a en el diagrama espacial.
Ay
=
A sen20° Ay=(
60lb)
sen20°=
Ax
=
Acos 20° Ax=(
60lb)
cos20° By=
B sen60° By=(
80lb)
sen60° By=
69,3lb B=
80lb Bx=
Bcos60° Bx=(
80lb)
cos60° Bx=
40lb Cy=
C sen310° Cy=
120lb∗
sen310 Cy=−
60lb Cx=
C cos310° Cx=(
120lb)
cos310R
=
A+
B+
C R=
Ax i+
Ay j+
Bx i+
By j+
Cx i+
Cy j ⃗ R=(
56,4i⃗+
20,5 j⃗)+(
40i⃗+
69,3 j⃗)+(
104i⃗−
60 j⃗)
⃗ R=(
200,4i+
29,8 j)
lb 29,8¿
2 200,4¿
2+¿
¿
R=
√¿
R=
203lb senθ=
29,8lb 203lb θ=
8,4° ⃗ R=(
203lb;8,4°)
DRAGRAMA DE FUERZA RESULTANTE
2.&.- /i se sa9e que α
=
750 0 determine la resultante de las tres fuerzas que se muestran en la gura.Cara o9tener las componentes de la fuerza
R se suman las 3 fuerzas Balladas0
posteriormente se calculara el modulo de
R mediante teorema de Cit>goras.
Con A con su módulo de '! l)
A # *'% i + 2! j , l)
Con B con su módulo de ! l)
B # *-'(/ i + ! j , l)
Cara Ballar el @alor real del >ngulo una @ez que este colocado en el plano
referencial se le incrementa los #° de inclinacin del piso que se o9ser@a en el diagrama espacial. ,o
mismo ocurre con el >ngulo de cada fuerza.
Ay
=
A sen20° Ay=
60lb∗
sen20 Ay=
20,5lbA
=
60lbAx
=
Acos 20° Ax=
56,41lbBy
=
B sen95° By=(
80lb)
sen95° Bx=
Bcos95°Con C con su módulo de 12! l) ⃗ C # *11' ⃗i - &1 j , l)⃗ R
=
A+
B+
C R=
Ax i+
Ay j+
Bx i+
By j+
Cx i+
Cy j ⃗ R=(
56,4i⃗+
20,5 j⃗)+(−
7i⃗+
80 j⃗)+(
116i⃗−
31 j⃗)
lb ⃗ R=(
165,4i+
69,5 j)
lb 69,5¿
2 165,4¿
2+¿
¿
R=
√¿
R=
179lb θ=¿
69,5lb 179lb sen¿
θ=
23° ⃗ R=(
179lb ;23°)
Cy=
C sen345° Cy=(
120lb)
sen345° C=
120lb Cx=
C cos345° Cx=
(
120lb)
cos345°Cara o9tener las componentes de la fuerza R se suman las 3 fuerzas Balladas0 posteriormente se calculara el modulo de R mediante teorema de Cit>goras.
inalmente para Ballar su >ngulo director se usa la funcin /eno0 o9teniendo para cada operacin las respuestas mostradas.
DRAGRAMA DE FUERZA RESULTANTE
2.&(.- Cara el collar?n del pro9lema .30 determine
a.4 5l @alor requerido de G si la resultante de las tres fuerzas mostradas de9e ser @ertical
,
⃗
R
=
(
0i⃗+
Ry ⃗ j)
0⃗i
=
[
100cos(
360−
∝)+
150cos(
330−
∝)+
200cos(
180+
∝)
]
0⃗i
=
100(
cos 360 cos∝+
sen360sen∝)+
150(
cos330cos∝+
sen330sen∝)+
200(
cos 180 cos∝−
sen180sen∝)
0i
=
100cos∝+
130cos∝−
75sen∝−
200 cos∝30cos∝
=
75sen∝ cos∝ sen∝=
30 75 tan∝=
30 75 ∝=
21,8°Hediante el uso de relaciones trigonomFtricas se o9tienen las
ecuaciones mostradas a n de Ballar el @alor de -0 al resol@er la igualdad se
o9tendr> una sola funcin que en este caso es tangente. &odo aquello marcado en roAo representa los @alores iguales a cero.
), F 1
=(
200 N ;201,8°)
⃗ F 1=(
185,7i⃗−
74,3 j⃗)
N F 2=(
150 N ;303,2°)
F 2=(
92,76⃗i−
117,9 j⃗)
N F 3=(
100 N ;338,2°)
F 3=(
92,95⃗i−
37,13 j⃗)
N R=
(
−
185,7i⃗−
74,3 j⃗)
+
(
92,76i⃗−
117,9 j⃗)
+
(
92,95⃗i−
37,13 j⃗)
R=(
0i−
229 j)
N 229¿
2 0¿
2+¿
¿
R=
√¿
R=
229 NCara o9tener las componentes de la fuerza R se suman las 3 fuerzas Balladas0 posteriormente se calculara el
DRAGRAMA DE FUERZA RESULTANTE
2.%!.- Cara la @iga del pro9lema .360 determine.
a.4 ,a tensin requerida en el ca9le " si la resultante de las tres fuerzas eAercidas en el punto de9e ser @ertical
9.4 ,a magnitud correspondiente de la resultante
F 2
=(
500 N ;223,13°)
⃗
2.%1.- Determine
a.4 ,a tensin eAercida en el ca9le )"0 si se sa9e que la resultante de las tres fuerzas eAercidas en el punto " del aguiln " de9e estar dirigida a lo largo de ".
9.4 ,a magnitud correspondiente a la resultante.
⃗
F 3
=(
780 N ;337,38°)
De9ido a que la fuerza es @ertical las componentes en < de las 3 fuerzas se igualan a #0 despeAando el @alor de 3 7" para conocer cu>l es la tensin efectuada. 5l mismo proceso se realizara con las componentes en de las fuerzas pero en este caso se encontrara el @alor de la incgnita 'y0 siendo esta la magnitud de la resultante.
F 3
=(
F 3;136,4°)
F 1=
F 1cos136,4°+
F 1sen136,4° 36,4°−
300+
720+
F 3cos¿
Px=¿
F 3cos136,4°=−
420 Ry=−
400−
300+
F 3sen136,4° Ry=
(
−
400−
300+
400)
N Ry=−
300 N, ⃗ R